Cho X, Y là hai chất thuộc dãy đồng đẳng của axit acrylic và M_X < M_Y; Z là ancol có cùng số nguyên tử cacbon với X; T là este hai chức tạo bởi X, Y và Z. Đốt cháy hoàn toàn 5,58 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z, T cần vừa đủ 6,608 lít khí O₂ (đktc), thu được khí CO₂ và 4,68 gam nước; Mặt khác 5,58 gam E tác dụng tối đa với đung dịch chứa 0,02 mol Br₂. Khối lượng muối thu được khi cho cùng lượng E trên tác dụng với KOH dư là

Câu 259642: Cho X, Y là hai chất thuộc dãy đồng đẳng của axit acrylic và M_X < M_Y; Z là ancol có cùng số nguyên tử cacbon với X; T là este hai chức tạo bởi X, Y và Z. Đốt cháy hoàn toàn 5,58 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z, T cần vừa đủ 6,608 lít khí O₂ (đktc), thu được khí CO₂ và 4,68 gam nước; Mặt khác 5,58 gam E tác dụng tối đa với đung dịch chứa 0,02 mol Br₂. Khối lượng muối thu được khi cho cùng lượng E trên tác dụng với KOH dư là

A. 5,44 gam.

B. 2,34 gam.

C. 4,68 gam.

D. 2,52 gam.

Câu hỏi : 259642

Quảng cáo

Phương pháp giải:

Bảo toàn khối lượng: m_E + m_O2 = m_H2O + m_CO2 => n_CO2 = ? (mol)

Ta thấy n_H2O > n_CO2 => ancol no, hai chức

Gọi công thức của Z gồm:

\(\left\{ \begin{gathered}
X,Y\,:{C_{\overline n }}{H_{2\overline n - 2}}{O_2}:\,\,x\,(mol)\,(k\, = 2) \hfill \\
T:\,{C_n}{H_{2n + 2}}{O_2}:\,\,y\,(mol)\,(k = 0) \hfill \\
Z:\,{C_m}{H_{2m - 6}}{O_4}\,:\,\,z\,(mol)\,(\,k = 4) \hfill \\
\end{gathered} \right.\)

BTNT O: n_O(trong Z) = 2n_CO2 + n_H2O – n_O2

E phản ứng tối đa với 0,02 mol Br₂ nên: x + 2z = n_Br2(2)

Từ sự chênh lệch số mol H₂O và CO₂ ta có: y – x – 3z = n_H2O – n_CO2 (3)

Từ (1), (2) và (3) => x ,y, z = ?(mol)

nguyên tử cacbon trung bình trong E: \({n_C} = \frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{{n_E}}} = ?\)

=> CTCTcủa X, ancol T

Khối lượng axit và este trong E là: m_X,Y,Z = m_E – m_T = ? (g)

Cho E tác dụng với KOH dư chỉ có X,Y,Z phản ứng;

\(X,Y,Z + KOH\xrightarrow{{}}muoi\, + {C_3}{H_8}{O_2} + {H_2}O\)

BTKL ta có: m_muối = m_X,Y,Z + m_KOH – m_C3H8O2 - m_H2O = ? (g)

Đáp án : B
(0) bình luận (0) lời giải
Giải chi tiết:
n_O2 = 6,608/ 22,4 = 0,295 (mol) ; n_H2O = 4,68/18 = 0,26 (mol)

Bảo toàn khối lượng: m_E + m_O2 = m_H2O + m_CO2

=> m_CO2 = 5,58 + 0,295.32 – 4,68 = 10,34 (g)

=> n_CO2 = 10,34 / 44 = 0,235 (mol)

Ta thấy n_H2O > n_CO2 => ancol no, hai chức

Gọi công thức của Z gồm:

\(\left\{ \begin{gathered}
X,Y\,:{C_{\overline n }}{H_{2\overline n - 2}}{O_2}:\,\,x\,(mol)\,(k\, = 2) \hfill \\
T:\,{C_n}{H_{2n + 2}}{O_2}:\,\,y\,(mol)\,(k = 0) \hfill \\
Z:\,{C_m}{H_{2m - 6}}{O_4}\,:\,\,z\,(mol)\,(\,k = 4) \hfill \\
\end{gathered} \right.\)

BTNT O: n_O(trong Z) = 2n_CO2 + n_H2O – n_O2

=> 2x + 2y + 4z = 2. 0,235 + 0,26 -0,295.2

=> 2x + 2y + 4z = 0,14 (1)

E phản ứng tối đa với 0,02 mol Br₂ nên: x + 2z = 0,02 (2)

Từ sự chênh lệch số mol H₂O và CO₂ ta có: y – x – 3z = 0,025 (3)

Từ (1), (2) và (3) => x = 0,01; y = 0,05 ; z = 0,005 (mol)

Số nguyên tử cacbon trung bình trong E: \({n_C} = \frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{{n_E}}} = \frac{{0,235}}{{0,065}} = 3,61\)

Vậy X phải là CH₂=CH-COOH => ancol T là C₃H₈O₂

Khối lượng axit và este trong E là: m_X,Y,Z = m_E – m_T = 5,58 – 0,05.76 =1,78 (g)

Cho E tác dụng với KOH dư chỉ có X,Y,Z phản ứng;

n_KOH = x + 2z = 0,02 (mol) ; n_H2O = x = 0,01 (mol) ; n_C3H8O2 = z = 0,005 (mol)

\(\underbrace {X,Y,Z}_{1,78\,\,g} + \underbrace {KOH}_{0,02}\xrightarrow{{}}muoi\, + \underbrace {{C_3}{H_8}{O_2}}_{0,005} + \underbrace {{H_2}O}_{0,01}\)

BTKL ta có: m_muối = m_X,Y,Z + m_KOH – m_H2O = 1,78 + 0,02.56 – 0,005.76- 0,01.18 = 2,34 (g)

Lời giải sai Bình thường Khá hay Rất Hay
- Mẹo : Viết lời giải với bộ công thức đầy đủ tại đây

Xem bình luận

>> Luyện thi TN THPT & ĐH năm 2024 trên trang trực tuyến Tuyensinh247.com. Học mọi lúc, mọi nơi với Thầy Cô giáo giỏi, đầy đủ các khoá: Nền tảng lớp 12; Luyện thi chuyên sâu; Luyện đề đủ dạng; Tổng ôn chọn lọc.