(3,0 điểm): 4.1 (1,0 điểm). Hòa tan hoàn toàn 8,5g hỗn hợp X gồm 2 kim loại kiềm(kim loại nhóm

Câu hỏi số 152814:

Vận dụng cao

(3,0 điểm):

4.1 (1,0 điểm). Hòa tan hoàn toàn 8,5g hỗn hợp X gồm 2 kim loại kiềm(kim loại nhóm IA) thuộc 2 chu kỳ liên tiếp vào nước thì thu được 3,36 lit khí H₂(dktc)

a. Xác định 2 kim loại kiềm và tính phần trăm khối lượng mỗi kim loại trong X.

b. Thêm m gam một kim loại kiềm thổ Y (kim loại nhóm IIA) vào 8,5g X thu được hỗn hợp Z. Hòa tan hoàn toàn Z vào nước thu được 4,48 lit khí H₂(dktc) và dung dịch T. Cô cạn dung dịch T thu được 22,15g chất rắn E. Xác định tên nguyên tố Y và tính giá trị m.

4.2 (1,0 điểm). Hòa tan hoàn toàn 15,2g hỗn hợp A gồm Cu và Fe₃O₄ bằng dung dịch H₂SO₄ loãng (vừa đủ) thu được dung dịch B. Cô cạn dung dịch B thì thu được 34,4g muối. Mặt khác , nếu hòa tan hoàn toàn 3,648g A bằng lượng dư dung dịch H₂SO₄ đặc , nóng thì thu được V lit khí(dktc) SO₂ (sản phẩm khử duy nhất). Hấp thụ hoàn toàn V lit khí SO₂ vào 300g dung dịch Ca(OH)₂ a% thì thấy khối lượng dung dịch sau phản ứng tăng thêm 0,528g và thu được m gam kết tủa.

a. Tính khối lượng của từng muối có trong B.

b. Xác định giá trị của a và m.

4.3 (1,0 điểm). Hòa tan 6,13g hỗn hợp D gồm Na, K, Ba và Al₂O₃ ( trong đó nguyên tố oxi chiếm 23,491% về khối lượng) vào nước dư, đến khi phản ứng xảy ra hoàn toàn thì thu được dung dịch G và 1,456 lit khí H₂(dktc). Cho 1,6 lit dung dịch HCl 0,1M vào G thì thu được dung dịch F và m gam kết tủa.

a. Xác định giá trị của m

b. Tính khối lượng chất tan trong dung dịch F.

Xem lời giải

Câu hỏi:152814

Giải chi tiết

4.1.

Gọi công thức trung bình 2 kim loại là M

M + H₂O -> MOH + ½ H₂

=> n_M = 2n_H2 = 0,3 mol => M_M = 28,33g

Vì 2 kim loại kiềm(kim loại nhóm IA) thuộc 2 chu kỳ liên tiếp

=> Đó là Na và K

=> n_K + n_Na = 0,3 mol ; 23n_Na + 39n_K = 8,5g

=> n_K = 0,1 ; n_Na = 0,2 mol

%m_K = 45,88% ; %m_Na = 54,12%

Y + 2H₂O -> Y(OH)₂ + H₂

=> n_Y = n_H2 – 2(n_Na + n_K) = 0,05 mol

Chất rắn E sau cô cạn gồm : 0,1 mol KOH ; 0,2 mol NaOH ; 0,05 mol Y(OH)₂

=> 0,1.56 + 0,2.40 + 0,05.(Y + 34) = 22,15g

=>Y = 137 (Ba)

=> m = 6,85g

4.2.

Vì A + H₂SO₄ không thấy có kết tủa => phản ứng hết

Fe₃O₄ + 4H₂SO₄ -> FeSO₄ + Fe₂(SO₄)₃ + 4H₂O

Cu + Fe₂(SO₄)₃ -> 2FeSO₄ + CuSO₄

Giả sử trong A có x mol Cu và y mol Fe₃O₄

=> n_CuSO4 = x mol ; n_FeSO4 = (2x + y) mol ; n_Fe2(SO4)3 = (y – x) mol

Ta có hệ : m_A = 64x + 232y = 15,2g ; m_B = 160x + 152(2x + y) + 400(y – x) = 34,4g

=> x = 0,02 ; y = 0,06 mol

Trong B có : m_CuSO4 = 3,2g ; m_FeSO4 = 15,2g ; m_Fe2(SO4)3 = 16g

Trong 3,648g A thì có : n_Cu = 0,0048 mol ; n_Fe3O4 = 0,0144 mol

Quá trình cho nhận e :

Cho : Cu -> Cu⁺² + 2e ; 3Fe^+8/3 -> 3Fe⁺³ + 1e

Nhận : S⁺⁶ + 2e -> S⁺⁴

Bảo toàn e : 2n_Cu + n_Fe3O4 = 2n_SO2 => n_SO2 = 0,012 mol

Thổi khí SO₂ vào bazo thì có kết tủa và khối lượng dung dịch tăng

=> Chứng tỏ tạo 2 muối

SO₂ + Ca(OH)₂ -> CaSO₃ + H₂O

2SO₂ + Ca(OH)₂ -> Ca(HSO₃)₂

, m_{dd tăng} = m_SO2 - m_CaSO3 => m_CaSO3 = m = 0,24g

=> n_CaSO3 = 0,002 mol => n_Ca(HSO3)2 = 0,005 mol

=> n_Ca(OH)2 = 0,007 mol

=> a = 0,173%

4.3.

%m_O = 23,491% => n_O = 0,09 mol => n_Al2O3 = 0,03 mol

=> m_Na,K,Ba = 4,69 g

Tổng quát : M + nH₂O -> M(OH)_n + n/2H₂

=> n_OH = 2n_H2 = 0,13 mol

2OH^- + Al₂O₃ -> 2AlO₂^- + H₂O

Vậy dung dịch G : n_AlO2 = 0,06 mol ; n_OH- = 0,01 mol

, n_HCl = 0,16 mol thêm vào :

H⁺ + OH^- -> H₂O

Mol 0,01<-0,01

AlO₂^- + H⁺ + H₂O -> Al(OH)₃

Mol 0,06 -> 0,06

Al(OH)₃ + 3H⁺ -> Al³⁺ + 3H₂O

Mol 0,03

=> n_Al(OH)3 = 0,03 mol => m = 2,34g

Trong dung dịch F có : n_Al3+ = 0,03 mol ; n_Cl- = 0,16 mol ; Na⁺ ; K⁺ ; Ba²⁺

=> m_{chất tan trong F} = m_Al3+ + m_Cl- + m_Na,K,Ba = 27.0,03 + 35,5.0,16 + 4,69 = 11,18g

Tham Gia Group 2K10 Ôn Thi Vào Lớp 10 Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> Học trực tuyến lớp 9 & lộ trình Up 10! trên Tuyensinh247.com Đầy đủ khoá học các bộ sách (Kết nối tri thức với cuộc sống; Chân trời sáng tạo; Cánh diều), theo lộ trình 3: Nền Tảng, Luyện Thi, Luyện Đề. Bứt phá điểm lớp 9, thi vào lớp 10 kết quả cao. Hoàn trả học phí nếu học không hiệu quả.