Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X, Y, Z (MX < MY < MZ, phân tử không nhánh và không có nhóm

Câu hỏi số 409749:

Vận dụng cao

Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở X, Y, Z (M_X< M_Y < M_Z, phân tử không nhánh và không có nhóm chức nào khác) đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol. Xà phòng hóa hoàn toàn 35,38 gam E bằng dung dịch NaOH vừa đủ thu được dung dịch chứa một ancol đơn chức duy nhất và 39,54 gam hỗn hợp muối. Cô cạn dung dịch sau phản ứng rồi cho toàn bộ muối tác dụng với lượng NaOH/CaO dư, nung nóng đến phản ứng hoàn toàn được 8,288 lít hỗn hợp khí trong đó có 3,36 lít H₂, còn lại là hai ankan đồng đẳng kế tiếp. Phần trăm khối lượng của Z trong E có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 75.

B. 50.

C. 24.

D. 25.

Đáp án đúng là: B

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:409749

Giải chi tiết

Xét phản ứng: E + NaOH → 3 muối + ancol đơn chức

→ n_NaOH = n_ancol(*)

Theo đề bài m_E < m_muối → m_NaOH > m_ancol (dựa theo BTKL) (**)

(*) (**) ⟹ M_ancol < M_NaOH = 40 ⟹ Ancol là CH₃OH

BTKL có m_X + m_NaOH = m_muối + m_CH3OH ⟹ 35,38 + 40n_NaOH = 39,54 + 32n_NaOH⟹ n_NaOH = 0,52 mol

Xét phản ứng muối + NaOH/CaO thì n_khí = 0,37 (mol) ⟹ n_muối = 0,37 < n_NaOHnên muối có cả muối đơn chức và 2 chức với số mol lần lượt là x và y mol

\(\left\{ \begin{array}{l}{n_{muoi}} = x + y = 0,37\\{n_{NaOH}} = x + 2y = 0,52\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}x = 0,22\\y = 0,15\end{array} \right.\)

Vì khí tạo ra có H₂ (0,15 mol) nên trong muối có HCOONa hoặc (COONa)₂

*Trường hợp 1: Muối là HCOONa thì n_H2 = n_HCOONa = 0,15 mol < 0,22 mol nên 2 muối còn lại có cả muối đơn chức và đa chức lần lượt là R₁COONa và R₂(COONa)₂

Ta thấy n_R1COONa= 0,22 - 0,15 = 0,07 mol và n_R2(COONa)2 = 0,15 mol

⟹ m_muối = 0,15.68 + 0,07(R₁ + 67) + 0,15.(R₂ + 134) = 39,54

⟹ 0,07R₁ + 0,15R₂ = 4,55

Vì khí R₁H và R₂H₂ là 2 ankan kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng nên xảy ra 2 trường hợp

+) M_R1H - M_R2H2 = 14 thì R₁ + 1 - R₂ - 2 = 14

Giải được R₁ = 30,9 và R₂ = 15,9 (loại)

+) M_R2H2 - M_R1H =14 thì R₂+ 2 - R₁ - 1 = 14 ⟹ R₁, R₂ lẻ (loại)

*Trường hợp 2: Muối là (COONa)₂ thì n_H2 = n_(COONa)2 = 0,15 mol = y ⟹ 2 muối còn lại là 2 muối đơn chức có CTTB là \(\overline R {\rm{COONa}}\): 0,22 mol ⟹ m_muối = 0,15.134 + 0,22.(\(\overline R \)+ 67) = 39,54 ⟹ \(\overline R \)= 21,36

Vì 2 khí tạo ra từ \(\overline R \)COONa là 2 ankan đồng đẳng kế tiếp nên thỏa mãn 2 chất là CH₃COONa và C₂H₅COONa

⟹ Z là (COOCH₃)₂ ⟹ \(\% {m_Z} = \frac{{0,15.118}}{{35,38}}.100\% = 50,03\% \) gần nhất với 50%

Đáp án cần chọn là: B

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.