Nhỏ từ từ dung dịch Ba(OH)2 vào ống nghiệm chứa dung dịch gồm HCl và Al2(SO4)3. Đồ thị biểu

Câu hỏi số 263133:

Vận dụng cao

Nhỏ từ từ dung dịch Ba(OH)₂ vào ống nghiệm chứa dung dịch gồm HCl và Al₂(SO₄)₃. Đồ thị biểu diễn sự phụ thuộc của khối lượng kết tủa theo thể tích dung dịch Ba(OH)₂ như sau:

Giá trị của ( m_max – m_min) là

A. 20,15.

B. 14,04.

C. 16,05.

D. 18,58.

Đáp án đúng là: B

Phương pháp giải

Gọi số mol của HCl là a( mol) và số mol của Al₂(SO₄)₃ là b (mol)

=> n_H+ = a (mol); n_Al3+ = 2b (mol) ; n_SO42- = 3b (mol)

Tại giá trị n_Ba(OH)2 = 0,27 (mol) => n_BaSO4max = 2b => b = ? (mol)

Kết tủa max bao gồm m_max = mBaSO_4max + mAl(OH)₃max

Kết tủa không thay đổi ( đường đồ thị nằm ngang) chính là khi chỉ có kết tủa BaSO₄, còn kết tủa Al(OH)₃ bị hòa tan hoàn toàn.

=> m_max – m_min = m_Al(OH)3max =2b.78 = ?(g)

Giải chi tiết

Gọi số mol của HCl là a( mol) và số mol của Al₂(SO₄)₃ là b (mol)

=> n_H+ = a (mol); n_Al3+ = 2b (mol) ; n_SO42- = 3b (mol)

Khi cho Ba(OH)₂ từ từ vào dung dịch hỗn hợp, trong khi Ba²⁺tạo kết tủa ngay khi xuất phát thì OH- lại phải trung hòa H⁺ trước rồi mới tạo kết tủa sau. Do đó Ba²⁺sẽ đến địch trước OH^-

=> BaSO₄ đạt max khi kết thúc giai đoạn thứ 2 và n_{BaSO4 max} = 3b (mol). Lúc này Al(OH)₃ mới tạo được một lượng là:

\({n_{Al{{(OH)}_3}}} = \frac{1}{3}{n_{O{H^ - }}} = \frac{{6b - a}}{3}(mol)\)

=> n_Ba(OH)2 = 3b = 0,27

=> b = 0,09 (mol)

Kết tủa max bao gồm m_max = mBaSO_4max + mAl(OH)₃max

Kết tủa không thay đổi ( đường đồ thị nằm ngang) chính là khi chỉ có kết tủa BaSO₄, còn kết tủa Al(OH)₃ bị hòa tan hoàn toàn.

=> m_max – m_min = m_Al(OH)3max = 2b.78 = 2.0,09.78 = 14,04 (g)

Xem lời giải

Câu hỏi:263133

Tham Gia Group Dành Cho 2K7 luyện thi Tn THPT - ĐGNL - ĐGTD

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> Lộ Trình Sun 2025 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi TN THPT & ĐGNL; ĐGTD) tại Tuyensinh247.com. Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, 3 bước chi tiết: Nền tảng lớp 12; Luyện thi chuyên sâu; Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.