X là este của aminoaxit; Y và Z là hai peptit(MY < MZ, hơn kém nhau một nguyên tử nito trong phân

Câu hỏi số 331891:

Vận dụng cao

X là este của aminoaxit; Y và Z là hai peptit(M_Y < M_Z, hơn kém nhau một nguyên tử nito trong phân tử). X,Y và Z đều mạch hở. Cho 60,17 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z tác dụng vừa đủ với 0,73 mol NaOH, sau phản ứng thu được 73,75 gam ba muối của glyxin, alanin và valin( trong đó có 0,15 mol muối alanin)và 14,72 gam ancol no, đơn chức, mạch hở. Mặt khác, đốt cháy 60,17 gam E trong O₂ dư thu được CO₂, N₂và 2,275 mol H₂O. Phần trăm khối lượng của Y trong E có giá trị gần nhất là

A. 22,5%

B. 11,6%

C. 14,7%

D. 17,8%

Đáp án đúng là: D

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:331891

Phương pháp giải

Gọi số mol của Gly và Val lần lượt là x và y mol

Ta có n_NaOH =n_Gly + n_Val + n_Ala => pt (1)

m_muối = pt(2)

giải (1) và (2) có x và y

Xét phản ứng E + NaOH : 60,17 g E + 0,73mol NaOH → 73,75 g muối + 14,72 g ancol và H₂O

Bảo toàn khối lượng có m_H2O nên n_Y + n_Z = n_H2O = 0,05 mol

Xét phản ứng E + O₂ → CO₂ + H₂O + N₂

Quy đổi E

$\left\{ \begin{gathered}NH - C{H_2}CO:0,73 \\C{H_2}:0,15 + 0,02.3 = 0,21 \\{H_2}O:0,05 \\{C_n}{H_{2n + 2}}O:a{\text{ mol}}(14,72g)\\\end{gathered} \right.$ + O₂ → 2,275 mol H₂O

Bảo toàn H có 0,73.3 + 0,21.2 + 0,05.2 + (2n+2)a =2,275.2

Và 14,72 = a(14n + 34) → ancol là CH₃OH → n_X theo n_ancol

n_{aa tạo từ Y và Z} = 0,73 – n_X → số aa trung bình của Y và Z là n_{aa tạo từ Y và Z} : n_{Y và Z} = 5,4

Mà Y và Z hơn kém nhau 1N nên Y là pentapeptit còn Z là hexapeptit

Giải chi tiết

Gọi số mol của Gly và Val lần lượt là x và y mol

Ta có n_NaOH =n_Gly + n_Val + n_Ala => 0,73 = x + y + 0,15 (1)

m_muối = 73,75 = (75+22)x + (117+ 22)y + 0,15(89+22) (2)

giải (1) và (2) có x = 0,56 mol và y =0,02 mol

Xét phản ứng E + NaOH : 60,17 g E + 0,73mol NaOH → 73,75 g muối + 14,72 g ancol và H₂O

Bảo toàn khối lượng có m_H2O = 60,17 + 0,73.40 – 73,75-14,72 = 0,9 nên n_H2O = 0,05 mol

=> n_Y + n_Z = n_H2O = 0,05 mol

Xét phản ứng E + O₂ → CO₂ + H₂O + N₂

$\left\{ \begin{gathered}NH - C{H_2}CO:0,73 \\C{H_2}:0,15 + 0,02.3 = 0,21 \\{H_2}O:0,05 \\{C_n}{H_{2n + 2}}O:a{\text{ mol}}(14,72g) \\\end{gathered} \right.$ + O₂ → 2,275 mol H₂O

Bảo toàn H có 0,73.3 + 0,21.2 + 0,05.2 + (2n+2)a =2,275.2

Và 14,72 = a(14n + 34) nên an =0,46 và a = 0,46 suy ra n = 1→ ancol là CH₃OH : 0,46 mol

→ n_X = 0,46 mol → X tạo từ Gly vào CH₃OH (vì chỉ có n_Gly > 0,46)

n_{aa tạo từ Y và Z} = 0,73 – 0,46 =0,27 mol

→ số aa trung bình của Y và Z là 0,27 : 0,05 = 5,4

Mà Y và Z hơn kém nhau 1N nên Y là pentapeptit còn Z là hexapeptit

Ta có hệ sau $\left\{ \begin{gathered}{n_Y} + {n_Z} = 0,05 \\5{n_Y} + 6{n_Z} = 0,27 \\\end{gathered} \right. \to \left\{ \begin{gathered}{n_Y} = 0,03 \\{n_Z} = 0,02 \\\end{gathered} \right.$

Y và Z được cấu tạo từ 0,15 mol Ala, 0,1 mol Gly và 0,02 mol Val

Y là (Ala)₃ – (Gly)₂ và Z là Val- (Ala)₃ – (Gly)₂

Nên %Y = $\frac{{0,03.345}}{{60,17}}.100\% = 17,2\% $ gần nhất với 17,8%

Đáp án D

Đáp án cần chọn là: D

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.