Hỗn hợp E gồm ba este no, mạch hở X, Y, Z (MX < MY < MZ; X đơn chức; Y, Z hai chức và chỉ

Câu hỏi số 457427:

Vận dụng cao

Hỗn hợp E gồm ba este no, mạch hở X, Y, Z (M_X < M_Y < M_Z; X đơn chức; Y, Z hai chức và chỉ tạo từ một loại ancol). Cho 0,08 mol E tác dụng vừa đủ với 110 ml dung dịch NaOH 1M, thu được hỗn hợp T gồm hai muối của hai axit cacboxylic có mạch cacbon không phân nhánh và 5,48 gam hỗn hợp F gồm hai ancol đơn chức kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 0,08 mol E cần dùng 0,58 mol O₂. Thành phần % theo khối lượng của Y trong E gần nhất giá trị nào sau đây?

A. 25,00%.

B. 24,00%.

C. 26,00%.

D. 27,00%.

Đáp án đúng là: C

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:457427

Phương pháp giải

Ancol thu được đều đơn chức ⟹ Y, Z được tạo từ axit 2 chức và ancol đơn chức.

Sau phản ứng thu được 2 muối ⟹ Y, Z phải cùng tạo từ 1 muối.

Y, Z khác nhau mà cùng tạo từ 1 muối ⟹ gốc ancol của Y, Z phải khác nhau.

Vận dụng các phương pháp biện luận, bảo toàn nguyên tố, bảo toàn khối lượng.

Giải chi tiết

Ancol thu được đều đơn chức ⟹ Y, Z được tạo từ axit 2 chức và ancol đơn chức.

Sau phản ứng thu được 2 muối ⟹ Y, Z phải cùng tạo từ 1 muối.

Y, Z khác nhau mà cùng tạo từ 1 muối ⟹ gốc ancol của Y, Z phải khác nhau.

Ta có: n_{este đơn} + n_{este 2 chức} = 0,08 mol và n_{2 este đơn} + 2n_{este 2 chức} = n_NaOH = 0,11 mol

⟹ n_{este đơn} = 0,05 mol; n_{este 2 chức} = 0,03 mol.

\(0,08\left( {mol} \right)E\left\{ \begin{array}{l}X:0,05\\Y\\Z\end{array} \right. + NaOH:0,11 \to Muoi.T + 5,48\left( g \right)Ancol.F\)

Ta có n_ancol = n_NaOH = 0,11 mol ⟹ \({\bar M_{ancol}} = \dfrac{{5,48}}{{0,11}} = 49,8\) ⟹ C₂H₅OH (0,08) và C₃H₇OH (0,03)

Nhận thấy n_{este đơn} > n_C3H7OH nên este đơn chức không được tạo từ C₃H₇OH ⟹ este đơn chức có dạng RCOOC₂H₅.

Theo đề bài M_Y < M_Z nên Y có dạng R'(COOC₂H₅)₂ và Z có dạng R'(COOC₃H₇)₂.

Từ số mol các ancol suy ra: \(E\left\{ \begin{array}{l}RCOO{C_2}{H_5}:0,05\\R'{\left( {COO{C_2}{H_5}} \right)_2}:\dfrac{{0,08 - 0,05}}{2} = 0,015\\R'{\left( {COO{C_3}{H_7}} \right)_2}:\dfrac{{0,03}}{2} = 0,015\end{array} \right.\)

*Xét phản ứng đốt E: E + O₂ (0,58 mol) → CO₂ (a mol) + H₂O (b mol)

+) BTNT "O" ⟹ 0,05.2 + 0,03.4 + 0,58.2 = 2a + b

+) n_CO2 - n_H2O = n_{este 2 chức} ⟹ a - b = 0,03

Giải hệ trên được a = 0,47 và b = 0,44.

Giả sử gốc R có n nguyên tử C; gốc R' có m nguyên tử C.

BTNT "C" ⟹ 0,05.(n + 3) + 0,015.(m + 6) + 0,015.(m + 8) = 0,47

⟹ 5n + 3m = 11 ⟹ n = 1; m = 2 thỏa mãn.

⟹ \(E\left\{ \begin{array}{l}X:C{H_3}COO{C_2}{H_5}:0,05\\Y:{C_2}{H_4}{\left( {COO{C_2}{H_5}} \right)_2}:0,015\\Z:{C_2}{H_4}{\left( {COO{C_3}{H_7}} \right)_2}:0,015\end{array} \right. \to \% {m_Y} \approx 26\% \)

Đáp án cần chọn là: C

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.