Hỗn hợp E chứa amin no, đơn chức, mạch hở X, ankan Y và anken Z. Đốt cháy hoàn toàn 0,4 mol E

Câu hỏi số 490452:

Vận dụng

Hỗn hợp E chứa amin no, đơn chức, mạch hở X, ankan Y và anken Z. Đốt cháy hoàn toàn 0,4 mol E cần dùng vừa đủ 1,03 mol O₂ thu được H₂O, 0,56 mol CO₂ và 0,06 mol N₂. Phần trăm khối lượng của X trong E gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 36,2 %.

B. 32,7 %.

C. 30,3 %.

D. 28,2 %.

Đáp án đúng là: A

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:490452

Phương pháp giải

Quy đổi hỗn hợp E thành: NH, CH₄ (x mol) và CH₂ (y mol)

với n_NH = n_{amin X}; n_CH4 = n_{amin X} + n_{ankan Y}.

BTNT N: n_{amin X} = 2n_N2

BTNT C: n_CO2 = n_CH4 + n_CH2 (1)

BTNT H: n_H2O = ½ n_NH + 2n_CH4 + n_CH2

BTNT O: 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O(2)

Từ (1)(2) ⟹ x, y.

⟹ n_{ankan Y} = n_CH4 – n_{amin X}

⟹ n_{anken Z} = n_E – n_X – n_Y

Ghép CH₂ vào NH và CH₄ sao cho khớp số mol ⟹ thành phần hỗn hợp E ban đầu ⟹ %m_X.

Giải chi tiết

BTNT N: n_{amin X} = 2n_N2 = 2.0,06 = 0,12 mol (do X là amin đơn chức)

Quy đổi hỗn hợp E thành: NH (0,12 mol), CH₄ (x mol) và CH₂ (y mol)

với n_NH = n_{amin X}; n_CH4 = n_{amin X} + n_{ankan Y}.

BTNT C: x + y = n_CO2 = 0,56 (1)

BTNT H: n_H2O = ½ n_NH + 2n_CH4 + n_CH2 = 0,06 + 2x + y

BTNT O: 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O ⟹ 1,03. 2 = 0,56. 2 + 0,06 + 2x + y ⟹ 2x + y = 0,88 (2)

Từ (1)(2) ⟹ x = 0,32; y = 0,24.

⟹ n_{ankan Y} = n_CH4 – n_{amin X} = 0,32 – 0,12 = 0,2 mol

⟹ n_{anken Z} = n_E – n_X – n_Y = 0,4 – 0,12 – 0,2 = 0,08 mol

Ghép 0,24 mol CH₂ vào 0,12 mol X, 0,2 mol Y và 0,08 mol Z, ta thấy n_CH2 = 3n_Z

⟹ Hỗn hợp E gồm: CH₅N: 0,12 mol; CH₄: 0,2 mol; C₃H₆: 0,08 mol.

⟹ %m_X ≈ 36,19%, gần giá trị 36,2% nhất.

Đáp án cần chọn là: A

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.