Hỗn hợp E chứa các este mạch hở (đều được tạo thành từ các ancol và axit cacboxylic) gồm

Câu hỏi số 493161:

Vận dụng cao

Hỗn hợp E chứa các este mạch hở (đều được tạo thành từ các ancol và axit cacboxylic) gồm một este đa chức không no (có một liên kết đôi C=C trong phân tử) và hai este đơn chức. Thủy phân hoàn toàn E trong dung dịch NaOH, thu được hỗn hợp X gồm hai ancol có cùng số nguyên tử cacbon và hỗn hợp Y chứa hai muối. Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 0,12 mol E cần vừa đủ 16,64 gam O₂ thu được 20,46 gam CO₂ và 7,2 gam H₂O. Phần trăm khối lượng của este đơn chức có khối lượng mol lớn hơn trong E là

A. 32,67%.

B. 13,61%.

C. 15,23%.

D. 53,72%.

Đáp án đúng là: B

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:493161

Phương pháp giải

Tính được C_TB = 3,875 ⟹ E phải chứa este có số C < 3,875 (gọi este này là A).

Mà thủy phân E thu được 2 ancol cùng số C ⟹ A là HCOOC₂H₅ ⟹ 2 ancol là C₂H₅OH, C₂H₄(OH)₂.

Mặt khác, este đa chức có 1 liên kết C=C và thủy phân E được 2 muối nên gọi R là gốc hiđrocacbon chứa C=C thì:

\(E\left\{ \begin{array}{l}HCOO{C_2}{H_5}:{a^{mol}}\\RCOO{C_2}{H_5}:{b^{mol}}\\\left( {HCOO} \right)\left( {RCOO} \right){C_2}{H_4}:{c^{mol}}\end{array} \right.\)

+) n_{hh E} ⟹ phương trình (1)

+) Sử dụng công thức: n_CO2 - n_H2O = (k - 1).n_hchc ⟹ phương trình (2)

+) BTNT.O ⟹ phương trình (3)

Giải hệ được giá trị của a; b; c.

Giả sử gốc R chứa n nguyên tử C.

Bảo toàn nguyên tố C ⟹ giá trị của n ⟹ % khối lượng của este đơn chức có khối lượng mol lớn hơn.

Giải chi tiết

E (0,12) + O₂ (0,52) ⟶ CO₂ (0,465) + H₂O (0,4)

Số C_TB = n_CO2/n_E = 3,875 ⟹ E phải chứa este có số C < 3,875 (gọi este này là A).

Mà thủy phân E thu được 2 ancol cùng số C ⟹ A là HCOOC₂H₅ ⟹ 2 ancol là C₂H₅OH, C₂H₄(OH)₂.

Mặt khác, este đa chức có 1 liên kết C=C và thủy phân E được 2 muối nên gọi R là gốc hiđrocacbon chứa C=C thì:

\(E\left\{ \begin{array}{l}HCOO{C_2}{H_5}:{a^{mol}}\\RCOO{C_2}{H_5}:{b^{mol}}\\\left( {HCOO} \right)\left( {RCOO} \right){C_2}{H_4}:{c^{mol}}\end{array} \right.\)

+) n_{hh E} = a + b + c = 0,12 (1)

+) n_CO2 - n_H2O = (1 - 1).n_HCOOC2H5 + (2 - 1).n_RCOOC2H5 + (3 - 1).n_{(HCOO)(RCOO)C2H4}

[Lưu ý: Đoạn này sử dụng công thức n_CO2 - n_H2O = (k - 1).n_hchc]

⟹ b + 2c = 0,065 (2)

+) BTNT.O: 2n_HCOOC2H5 + 2n_RCOOC2H5 + 4n_{(HCOO)(RCOO)C2H4} + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

⟹ 2a + 2b + 4c + 0,52.2 = 2.0,465 + 0,4 (3)

Từ (1), (2), (3) ⟹ a = 0,08; b = 0,015; c = 0,025.

\(E\left\{ \begin{array}{l}HCOO{C_2}{H_5}:0,08\\RCOO{C_2}{H_5}:0,015\\\left( {HCOO} \right)\left( {RCOO} \right){C_2}{H_4}:0,025\end{array} \right.\)

Giả sử gốc R chứa n nguyên tử C.

BTNT.C: n_CO2 = 3.0,08 + (n + 3).0,015 + (n + 4).0,025 = 0,465

⟹ n = 2 ⟹ R là CH₂=CH-

⟹ %m_{CH2=CHCOOC2H5} = 13,61%.

Đáp án cần chọn là: B

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.