Hỗn hợp E gồm hai amin X (CnHmN), Y (CnHm+1N2, với n ≥ 2) và hai anken đồng đẳng kế tiếp. Đốt

Câu hỏi số 521137:

Vận dụng cao

Hỗn hợp E gồm hai amin X (C_nH_mN), Y (C_nH_m+1N₂, với n ≥ 2) và hai anken đồng đẳng kế tiếp. Đốt cháy hoàn toàn 0,08 mol E, thu được 0,03 mol N₂; 0,22 mol CO₂ và 0,30 mol H₂O. Phần trăm khối lượng của X trong E là

A. 43,38%.

B. 57,84%.

C. 18,14%.

D. 14,46%.

Đáp án đúng là: B

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:521137

Phương pháp giải

n_H2O > n_CO2 ⟹ amin no hoặc có 1 nối đôi

Giả sử amin có 1 nối đôi

⟹ 0,5.n_X + n_Y = n_H2O - n_CO2 = 0,08

Vô lí vì n_X + n_Y < n_E = 0,08

⟹ 2 amin no.

⟹ 1,5.n_X + 2n_Y = n_H2O - n_CO2

BTNT N: n_X + 2n_Y = 2n_N2 ⟹ n_X ; n_Y ⟹ n_anken.

BTKL: m_E = m_C + m_H + m_N

BTNT C ⟹ n; số C_anken

⟹ BTNT H ⟹ m ⟹ %m_X

Giải chi tiết

n_H2O > n_CO2 ⟹ amin no hoặc có 1 nối đôi

Giả sử amin có 1 nối đôi

⟹ 0,5.n_X + n_Y = n_H2O - n_CO2 = 0,08

Vô lí vì n_X + n_Y < n_E = 0,08

⟹ 2 amin no.

⟹ 1,5.n_X + 2n_Y = n_H2O - n_CO2 = 0,08

BTNT N: n_X + 2n_Y = 2n_N2 = 2.0,03 = 0,06

⟹ n_X = 0,04; n_Y = 0,01 ⟹ n_anken = 0,08 - 0,04 - 0,01 = 0,03

BTKL: m_E = m_C + m_H + m_N = 4,08 gam

BTNT C: 0,04.n + 0,01.n + 0,03.(số C_anken) = 0,22

⟹ n = 3; số C_anken = 7/3

⟹ BTNT H: 0,04.m + 0,01.(m + 1) + 0,03.(2.7/3) = 0,3.2

⟹ m = 9

⟹ %m_C3H9N = 57,84%

Đáp án cần chọn là: B

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.