Hỗn hợp E gồm amin X (no, mạch hở, đơn chức, bậc III) và hai ankin. Đốt cháy hoàn toàn 0,15

Câu hỏi số 542279:

Vận dụng cao

Hỗn hợp E gồm amin X (no, mạch hở, đơn chức, bậc III) và hai ankin. Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol E cần dùng 0,5 mol O₂, thu được N₂, CO₂ và H₂O. Dẫn toàn bộ sản phẩm cháy qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư, thấy khối lượng bình tăng 20,8 gam. Khối lượng của amin X trong 10,72 gam hỗn hợp E là

A. 3,54 gam.

B. 2,36 gam.

C. 4,72 gam.

D. 7,08 gam.

Đáp án đúng là: C

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:542279

Giải chi tiết

\(\mathop E\limits_{0,15(mol)} \left\{ \begin{array}{l}{C_n}{H_{2n + 3}}N(n \ge 3)\\{C_m}{H_{2m - 2}}(m > 2)\end{array} \right. \xrightarrow[]{+O_2:0,5} \left\{ \begin{array}{l}{N_2}\\C{O_2}\\{H_2}O\end{array} \right. \xrightarrow[]{+NaOH} \Delta m = 20,8(g)\)

Gọi n_CO2 = a (mol); n_H2O = b (mol)

∆m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 20,8 (g) ⟹ 44a + 18b = 20,8 (1)

BTNT O: 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O ⟹ 2.0,5 = 2a + b (2)

Giải (1) và (2) ⟹ a = 0,35; b = 0,3

Gọi n_CnH2n+3N = x (mol); n_CmH2m-2 = y (mol)

⟹ x + y = 0,15 (3)

C_nH_2n+3N + (2n+3/4) O₂ → nCO₂ + (2n+3)/2 H₂O

x → xn → x(2n+3)/2 (mol)

C_mH_2m-2 + (3m-1)/2O₂ → mCO₂ + (m-1)H₂O

y → ym → y(m-1) (mol)

⟹ n_CO2 - n_H2O = xn + ym - x(2n+3)/2 - y(m-1) ⟹ 0,35 - 0,3 = -3x/2 + y (4)

Giải (3) và (4) ⟹ x = 0,04; y = 0,11.

BTNT C: 0,04n + 0,11m = 0,35 ⟹ m = (0,35 - 0,04n)/0,11

⟹ Chọn n = 3; m = 23/11 thỏa mãn

⟹ E {C₃H₉N và C_23/11H_24/11} có m_E(1) = 0,04.59 + 0,11.300/11 = 5,36 (g)

Trong 5,36 (g) E có 0,04 (mol) C₃H₉N

⟹ 10,72 (g) …… 0,08 (mol)

⟹ m_{amin (X)} = 0,08.59 = 4,72 (g).

Đáp án cần chọn là: C

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.