Đốt cháy hoàn toàn 2,38 gam hỗn hợp E gồm hai este mạch hở X và Y (MX < MY < 148) cần

Câu hỏi số 571528:

Vận dụng cao

Đốt cháy hoàn toàn 2,38 gam hỗn hợp E gồm hai este mạch hở X và Y (M_X < M_Y < 148) cần dùng vừa đủ 1,68 lít O₂ (đktc), thu được 1,792 lít CO₂ (đktc). Mặt khác, đun nóng 2,38 gam E với một lượng vừa đủ dung dịch NaOH, thu được một ancol và 2,7 gam hỗn hợp muối Z. Đốt cháy hoàn toàn Z, thu được H₂O, Na₂CO₃ và 0,02 mol CO₂. Phát biểu nào sau đây đúng?

A. Phần trăm khối lượng của X trong E có giá trị bằng 50,42%.

B. Số nguyên tử H trong Y nhiều hơn trong X là 4.

C. Este Y có khả năng tham gia phản ứng tráng gương.

D. Phần trăm khối lượng của Y trong E có giá trị bằng 40,36%.

Đáp án đúng là: A

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:571528

Phương pháp giải

BTKL: m_H2O= m_E + m_O2 – m_CO2 → n_H2O.

→ n_{O (E)}= (m_E – m_C – m_H) : 16.

Mà M_X < M_Y < 148 và thủy phân tạo 1 ancol → CTHH của X và Y → n_Y.

BTNT oxi: n_X = (2n_CO2 + n_H2O– 2n_O2 – n_{O (Y)}) → %X.

Giải chi tiết

n_O2 = 1,68:22,4 = 0,075; n_CO2 = 1,792:22,4 = 0,08.

BTKL: m_H2O= m_E + m_O2 – m_CO2 = 1,26 gam → n_H2O= 0,07 mol.

→ n_{O (E)}= (m_E – m_C – m_H) : 16 = 0,08.

Dễ thấy E có n_C = n_O = 0,08 → Số C = số O.

Mà M_X < M_Y < 148 và thủy phân tạo 1 ancol nên X là HCOOCH₃ và Y là (COOCH₃)₂.

→ n_Y = n_CO2– n_H2O = 0,01 mol.

BTNT oxi: n_X = (2n_CO2 + n_H2O– 2n_O2 – 4n_Y) = 0,02 (mol).

→ %X = 50,42%.

Đáp án cần chọn là: A

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.