Hợp chất E gồm ba este mạch hở X, Y, Z (chỉ chứa chức este) đều tọa bởi axit cacboxylic với
Hợp chất E gồm ba este mạch hở X, Y, Z (chỉ chứa chức este) đều tọa bởi axit cacboxylic với ancol no, trong đó: X đơn chức, Y hai chức, Z ba chức. Đốt cháy m gam E trong O2 dư, thu được 0,44 mol CO2 và 0,352 mol H2O. Mặt khác, cho m gam E phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu được hỗn hợp F gồm các ancol và 12,224 gam hỗn hợp muối khan T. Đốt cháy toàn bột T thu được Na2CO3, 0,212 mol CO2 và 0,204 mol H2O. Biết các phản ứng đều xảy ra hoàn toàn, các muối trong T đều không có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc. Phần trăm khối lượng của Z trong E là
Đáp án đúng là: D
Quảng cáo
Phương pháp giải bài toán este (tách gốc), định luật bảo toàn nguyên tố.
Đặt nCOO = nNaOH = x và nO2 (đốt muối) = y (mol) $\xrightarrow{{BTNT:Na}}$ nNa2CO3 = 0,5x (mol)
Sơ đồ bài toán:
Khi đốt T:
\(\left\{ \begin{array}{l}12,224 + 32y = 106.0,5x + 44.0,212 + 18.0,204\,(BTKL)\\2x + 2y = 3.0,5x + 2.0,212 + 0,204\,(BTNT:O)\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}x = 0,152\\y = 0,276\end{array} \right.\)
⟹ T gồm: 0,152 (mol) COONa; 0,136 (mol) C; 0,408 (mol) H.
Trong muối T:nC/nNa = 1,89 ⟹ Có muối có số C bằng số Na.
Mà theo đề không có muối HCOONa ⟹ Có muối (COONa)2.
Mặt khác, ta thấy ngoài mạch C có: nC : nH = 0,136 : 0,408 = 1 : 3 ⟹ Muối còn lại là CH3COONa.
⟹ T gồm: 0,136 (mol) CH3COONa; 0,008 (mol) (COONa)2.
- Xét ancol F:
BTNT C: nC (F) = nCO2 (đốt E) - nNa2CO3 - nCO2 (đốt T) = 0,152 mol ⟹ nCO2 (đốt F) = 0,152 mol
BTNT H: nH (F) = 2nH2O (đốt E) + nNaOH - 2nH2O (đốt T) = 0,448 mol ⟹ nH2O (đốt F) = 0,224 mol
Do F chứa các ancol no ⟹ nF = nH2O - nCO2 = 0,224 - 0,152 = 0,072 mol
Ta thấy nC (F) = nCOO = 0,152 mol ⟹ Các ancol có số C bằng số nhóm -COO.
Mà E chứa este đơn chức ⟹ Có ancol là CH3OH.
Mặt khác, \({\overline C _{ancol}}\) = 0,152/0,072 = 2,11 ⟹ Có ancol là C3H5(OH)3.
Do 2 muối là CH3COONa, (COONa)2 và các este đều mạch hở ⟹ Không có ancol C2H4(OH)2.
⟹ \(F\left\{ \begin{array}{l}C{H_3}OH:0,032\\{C_3}{H_5}{(OH)_3}:0,04\end{array} \right.\)
Từ thành phần T và F ⟹ \(E\left\{ \begin{array}{l}X:C{H_3}COOC{H_3}(0,016)\\Y:{(COOC{H_3})_2}(0,008)\\Z:{(C{H_3}COO)_3}{C_3}{H_5}(0,04)\end{array} \right.\)
⟹ %mZ = 80,38%.
Đáp án cần chọn là: D
Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí
>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.
 |
 |
 |
 |
 |
 |
 |
 |
Hỗ trợ - Hướng dẫn
-
024.7300.7989
-
1800.6947
(Thời gian hỗ trợ từ 7h đến 22h)
Email: lienhe@tuyensinh247.com
