Đặt điện áp xoay chiều có tần số góc $\omega$ vào đoạn mạch AB như hình bên (H1). Hình H2

Câu hỏi số 500432:

Vận dụng cao

Đặt điện áp xoay chiều có tần số góc $\omega$ vào đoạn mạch AB như hình bên (H1). Hình H2 là đồ thị biểu diễn sự phụ thuộc của điện áp ${u_{AB}}$ giữa hai điểm A và B, và điện áp ${u_{MN}}$ giữa hai điểm M và N theo thời gian t. Biết $63RC\omega = 16$ và $r = 18\,\,\Omega$ . Công suất tiêu thụ của đoạn mạch AB là

A. 20 W.

B. 22 W.

C. 16 W.

D. 18 W.

Đáp án đúng là: A

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:500432

Phương pháp giải

Bài toán cho biết đồ thị của ${u_{AB}}$ và ${u_{MN}}$ nhưng lại không biết đâu là ${u_{AB,}}$ đâu là ${u_{MN}}$ nhưng từ đồ thị ta vẫn suy ra được và hai đồ thị vuông pha nhau.

Hai điện áp vuông pha có: $\tan \varphi .\tan {\varphi _{rL}} = - 1$

Từ đồ thị ta biết được các giá trị ${U_{0L}}$ và ${U_{0AB}}$ → thiết lập các phương trình theo $r,\,\,Z_L^{},\,\,R$ để tìm các đại lượng $R,\,\,{Z_L},\,\,{Z_C}.$

Công suất của mạch: $P = {I^2}\left( {R + r} \right).$

Giải chi tiết

Xét điểm cắt trên đồ thị, từ điểm cắt, đường đồ thị nào đến cắt trục hoành trước thì nó sớm pha, đường đồ thị nào đến cắt trục hoành sau thì nó trễ pha hơn. Như vậy ta thấy đồ thị cao hơn là ${u_{MN,}}$ đồ thị thấp hơn là ${u_{AB.}}$

Ta có: $63RC\omega = 16 \Rightarrow 63R = \frac{{16}}{{\omega C}} = 16{Z_C} \Rightarrow {Z_C} = \frac{{63}}{{16}}R\,\,\left( 1 \right)$

+ Dễ thấy ${u_{rL}}$ vuông pha với ${u_{AB}}$ nên:

$\begin{array}{l}\tan \varphi .\tan {\varphi _{rL}} = - 1 \Leftrightarrow \left( {\frac{{{Z_L} - {Z_C}}}{{R + r}}} \right).\frac{{{Z_L}}}{r} = - 1\\ \Rightarrow \left( {{Z_L} - {Z_C}} \right) = - \frac{{r\left( {R + r} \right)}}{{{Z_L}}}\,\,\left( 2 \right)\end{array}$

+ Từ đồ thị ta có:

$\begin{array}{l}\left\{ \begin{array}{l}{U_{0L}} = 52V\\{U_{0AB}} = 39V\end{array} \right. \Rightarrow \frac{{{Z_{rL}}}}{Z} = \frac{{52}}{{39}} = \frac{4}{3}\\ \Rightarrow \frac{{{r^2} + Z_L^2}}{{{{\left( {R + r} \right)}^2} + {{\left( {{Z_L} - {Z_C}} \right)}^2}}} = \frac{{16}}{9}\,\,\left( 3 \right)\end{array}$

Thế $\left( 2 \right)$ vào $\left( 3 \right)$ ta có:

$\frac{{{r^2} + Z_L^2}}{{{{\left( {R + r} \right)}^2} + \frac{{{r^2}{{\left( {R + r} \right)}^2}}}{{Z_L^2}}}} = \frac{{16}}{9} \Rightarrow 3{Z_L} = 4\left( {R + r} \right) \Rightarrow {Z_L} = \frac{4}{3}R + 24$

Từ $\left( 1 \right),\,\,\left( 2 \right),\,\,\left( 3 \right)$ , ta có:

$\begin{array}{l}24 - \frac{{125}}{{48}}R = - \frac{{18\left( {R + 18} \right).3}}{{4R + 72}} \Leftrightarrow R = 14,4\left( \Omega \right)\\ \Rightarrow {Z_L} = \frac{4}{3}R + 24 = 43,2\left( \Omega \right)\\{Z_C} = \frac{{63}}{{16}}R = 56,7\left( \Omega \right)\end{array}$

Cường độ dòng điện hiệu dụng trong mạch là:

$\begin{array}{l}I = \frac{U}{Z} = \frac{U}{{\sqrt {{{\left( {R + r} \right)}^2} + {{\left( {{Z_L} - {Z_C}} \right)}^2}} }}\\ \Rightarrow I = \frac{{39}}{{\sqrt 2 .\sqrt {{{\left( {14,4 + 18} \right)}^2} + {{\left( {43,2 - 56,7} \right)}^2}} }} = \frac{{10}}{{9\sqrt 2 }} = \frac{{5\sqrt 2 }}{9}\left( A \right)\end{array}$

+ Công suất tiêu thụ của đoạn mạch $AB$ là:

$P = {I^2}\left( {R + r} \right) = {\left( {\frac{{5\sqrt 2 }}{9}} \right)^2}.\left( {14,4 + 18} \right) = 20\left( {\rm{W}} \right)$

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM; 70+ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, 3 bước chi tiết: Nền tảng lớp 12; Luyện thi chuyên sâu; Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.