Hỗn hợp E gồm ba este X, Y, Z đều đơn chức, mạch hở là đồng phân cấu tạo của nhau ( trong

Câu hỏi số 263226:

Vận dụng cao

Hỗn hợp E gồm ba este X, Y, Z đều đơn chức, mạch hở là đồng phân cấu tạo của nhau ( trong đó X có số mol nhỏ nhất). Cho 5,16 gam E tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ. Sau phản ứng hoàn toàn, thu được 4,36 gam hỗn hợp F gồm hai muối của hai axit cacboxylic kế tiếp nhau trong cùng một dãy đồng đẳng và hỗn hợp hơi M gồm các chất hữu cơ no, đơn chức. Cho F phản ứng với lượng dư dung dịch AgNO₃ trong NH₃, thu được 8,64 gam Ag. Cho hỗn hợp M phản ứng với lượng dư dung dịch AgNO₃ trong NH₃, thu được 6,48 gam Ag. Thành phần phần trăm về khối lượng của X trong E là

A. 16, 67%.

B. 20,00%.

C. 13,33%.

D. 25,00%.

Đáp án đúng là: A

Phương pháp giải

\(\underbrace {X,Y,Z}_{E = 5,16\,g} + NaOH\,du\xrightarrow{{}}\left\{ \begin{gathered}
F\xrightarrow{{ + AgN{O_3}}}Ag:0,08\,mol \hfill \\
M\xrightarrow{{ + AgN{O_3}}}Ag:0,06\,mol \hfill \\
\end{gathered} \right.\)

F có phản ứng với AgNO₃ => trong F phải có muối HCOONa => muối còn lại là CH₃COONa

\(\begin{gathered}
{n_{HCOONa}} = \frac{1}{2}{n_{Ag}} = ?a\,(mol) \hfill \\
= > {n_{C{H_3}COONa}} = \frac{{4,36 - a.68}}{{82}} = ?b\,(mol) \hfill \\
{n_{este}} = \sum {{n_{muoi}} = a + b = ?c(mol)} \hfill \\
= > {\overline M _{este}} = \frac{{5,16}}{c} = ?(g/mol) \hfill \\
= > CTPT\,cua\,E\, \hfill \\
\end{gathered} \)

=> E chưa: CH₃COOCH=CH₂: b (mol) ; HCOOR: x (mol) và HCOOR’: y (mol)

=> x + y = ? a( mol)

Dựa vào số mol Ag => x, y = ?

=> CTCT của các chất và % X =?

Giải chi tiết

F có phản ứng với AgNO₃ => trong F phải có muối HCOONa => muối còn lại là CH₃COONa

\(\begin{gathered}
{n_{HCOONa}} = \frac{1}{2}{n_{Ag}} = \frac{1}{2}.0,08 = 0,04\,(mol) \hfill \\
= > {n_{C{H_3}COONa}} = \frac{{4,36 - 0,04.68}}{{82}} = 0,02\,(mol) \hfill \\
{n_{este}} = \sum {{n_{muoi}} = 0,04 + 0,02 = 0,06(mol)} \hfill \\
= > {\overline M _{este}} = \frac{{5,16}}{{0,06}} = 86(g/mol) \hfill \\
= > CTPT\,cua\,E\,:\,{C_4}{H_6}{O_2} \hfill \\
\end{gathered} \)

=> E chưa: CH₃COOCH=CH₂: 0,02 (mol) ; HCOOR: a (mol) và HCOOR’: b (mol)

=> a + b = 0,06 (1)

M tham gia phản ứng tráng bạc => M chứa anđehit. Có n_Ag = 0,06 > 2n_CH3COOCH=CH2 = 0,04

=> E chứa 1 este có cấu tạo HCOOC=C-CH₃: \(\frac{{0,06 - 0,04}}{2} = 0,01\,(mol)\)

Este còn lại có cấu tạo HCOOCH=CH-CH₃: 0,03 (mol) hoặc HCOOC(CH₃)=CH₂ : 0,03 (mol)

Vậy X là HCOOCH=CH-CH₃

\( = > \% X = \frac{{0,01.86}}{{5,16}}.100\% = 16,67\% \)

Xem lời giải

Câu hỏi:263226

Tham Gia Group Dành Cho 2K7 luyện thi Tn THPT - ĐGNL - ĐGTD

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> Lộ Trình Sun 2025 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi TN THPT & ĐGNL; ĐGTD) tại Tuyensinh247.com. Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, 3 bước chi tiết: Nền tảng lớp 12; Luyện thi chuyên sâu; Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.