Đốt cháy hoàn toàn 0,06 mol hỗn hợp X gồm ba triglixerit cần vừa đủ 4,77 mol O2 thu được 3,14

Câu hỏi số 478295:

Vận dụng

Đốt cháy hoàn toàn 0,06 mol hỗn hợp X gồm ba triglixerit cần vừa đủ 4,77 mol O₂ thu được 3,14 mol H₂O. Mặt khác, hiđro hóa hoàn toàn 78,9 gam X (xúc tác Ni, t^o) thu dược hỗn hợp Y. Đun nóng Y với dung dịch KOH vừa đủ, thu được glixerol và m gam muối. Giá trị của m là:

A. 57,16.

B. 86,10.

C. 83,82.

D. 57,40.

Đáp án đúng là: B

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:478295

Phương pháp giải

BTNT O: 6n_X + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O ⟹ n_CO2.

Từ n_CO2; n_H2O; n_X ⟹ k ⟹ k_{gốc hiđrocacbon}.

BTKL: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O ⟹ m_X.

Xác định số mol của X trong 78,9 gam X.

Khi hiđro hóa hoàn toàn X: n_H2 = n_X.k_{gốc hiđrocacbon} ⟹ m_Y = m_X + m_H2.

Khi cho Y + KOH: n_KOH = 3n_Y; n_C3H5(OH)3 = n_Y.

BTKL: m_muối = m_Y + m_KOH + m_C3H5(OH)3.

Giải chi tiết

BTNT O: 6n_X + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O ⟹ 6.0,06 + 2.4,77 = 2n_CO2 + 3,14 ⟹ n_CO2 = 3,38 mol

Từ \({n_X} = \dfrac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}} \Rightarrow k = 5\) ⟹ k_{gốc hiđrocacbon} = 5 - k_COO = 5 - 3 = 2

Dùng BTKL: m_X = m_CO2 + m_H2O - m_O2 = 3,38.44 + 3,14.18 - 4,77.32 = 52,6 gam.

Ta thấy 52,6 gam X tương ứng với 0,06 mol

⟹ 78,9 gam X tương ứng với 0,09 mol

Khi hiđro hóa hoàn toàn X: n_H2 = n_X.k_{gốc hiđrocacbon} = 0,09.2 = 0,18 mol

⟹ m_Y = 78,9 + 0,18.2 = 79,26 gam.

Khi cho Y + KOH:

n_KOH = 3n_Y = 3.0,09 = 0,27 mol

n_C3H5(OH)3 = n_Y = 0,09 mol

BTKL: m_muối = m_Y + m_KOH + m_C3H5(OH)3

= 79,26 + 0,27.56 - 0,09.92 = 86,1 gam.

Đáp án cần chọn là: B

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.