Hòa tan hoàn toàn 22,5 gam hỗn hợp X gồm Al, Al2O3, Al(NO3)3 trong dung dịch H2SO4 loãng sau phản ứng

Câu hỏi số 344697:

Vận dụng

Hòa tan hoàn toàn 22,5 gam hỗn hợp X gồm Al, Al₂O₃, Al(NO₃)₃ trong dung dịch H₂SO₄ loãng sau phản ứng thu được dung dịch Y chỉ chứa một chất tan duy nhất và 6,72 lít hỗn hợp khí Z ở đktc (gồm hai khí không màu trong đó có một khí tự hóa nâu trong không khí) có tỉ khối so với H₂ là 8. Số mol H₂SO₄ đã tham gia phản ứng bằng

A. 0,45 mol.

B. 0,30 mol.

C. 0,75 mol.

D. 0,60 mol.

Đáp án đúng là: D

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:344697

Phương pháp giải

Dựa vào dữ kiện Z chứa khí không màu hóa nâu và M_Z ta suy ra Z chứa H₂ và NO

Từ số mol và tỉ khối ta tính được số mol mỗi khí.

Áp dụng BTe có: 3n_Al = 2n_H2 + 3n_NO ⟹ n_Al

Mặt khác dung dịch sau phản ứng chỉ chứa chất tan duy nhất là Al₂(SO₄)₃ nên NO₃^-chuyển hết vào NO

BTNT "N" ⟹ n_Al(NO3)3 = n_NO/3

⟹ m_Al2O3 = m_X - m_Al- m_Al(NO3)3 ⟹ n_Al2O3

BTNT "Al": n_Al2(SO4)3 = (n_Al+ 2n_Al2O3 + n_Al(NO3)3)/2

BTNT "S": n_H2SO4 = 3n_Al2(SO4)3

Giải chi tiết

Z chứa khí không màu hóa nâu và M_Z = 8.2 = 16 ⟹ Z chứa H₂ (a mol) và NO (b mol)

Giải nhanh hệ n_Z = a + b = 0,3 và m_Z = 2a + 30b = 0,3.16 được a = b = 0,15 mol

Áp dụng BTe có: 3n_Al = 2n_H2 + 3n_NO ⟹ n_Al= (2.0,15 + 3.0,15)/3 = 0,25 mol

Mặt khác dung dịch sau phản ứng chỉ chứa chất tan duy nhất là Al₂(SO₄)₃ nên NO₃^- chuyển hết vào NO

BTNT "N" ⟹ n_Al(NO3)3 = n_NO/3 = 0,05 mol

⟹ m_Al2O3 = m_X - m_Al- m_Al(NO3)3 = 22,5 - 0,25.27 - 0,05.213 = 5,1 gam ⟹ n_Al2O3 = 0,05 mol

BTNT "Al": n_Al2(SO4)3 = (n_Al+ 2n_Al2O3 + n_Al(NO3)3)/2 = 0,2 mol

BTNT "S": n_H2SO4 = 3n_Al2(SO4)3 = 0,6 mol.

Đáp án cần chọn là: D

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.