Cho 7,65 gam hỗn hợp X gồm Al và Al₂O₃ (trong đó Al chiếm 60% khối lượng) tan hoàn toàn trong dung dịch Y gồm H₂SO₄ và NaNO₃, thu được dung dịch Z chỉ chứa 3 muối trung hòa và m gam hỗn hợp khí T (trong T có 0,015 mol H₂). Cho dung dịch BaCl₂ dư vào Z đến khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được 93,2 gam kết tủa. Còn nếu cho Z phản ứng với NaOH thì lượng NaOH phản ứng tối đa là 0,935 mol. Giá trị của m gần nhất với giá trị nào sau đây?

Câu 343927: Cho 7,65 gam hỗn hợp X gồm Al và Al₂O₃ (trong đó Al chiếm 60% khối lượng) tan hoàn toàn trong dung dịch Y gồm H₂SO₄ và NaNO₃, thu được dung dịch Z chỉ chứa 3 muối trung hòa và m gam hỗn hợp khí T (trong T có 0,015 mol H₂). Cho dung dịch BaCl₂ dư vào Z đến khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được 93,2 gam kết tủa. Còn nếu cho Z phản ứng với NaOH thì lượng NaOH phản ứng tối đa là 0,935 mol. Giá trị của m gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 3,0.

B. 2,5.

C. 1,5.

D. 1,0.

Câu hỏi : 343927

Quảng cáo

Phương pháp giải:

Bảo toàn nguyên tố, bảo toàn điện tích, bảo toàn khối lượng.

Đáp án : C
(2) bình luận (0) lời giải
Giải chi tiết:
Do trong hỗn hợp khí sau phản ứng có chứa H₂ nên NO₃^- hết, dung dịch Z gồm các muối: Al₂(SO₄)₃, Na₂SO₄, (NH₄)₂SO₄

Dễ dàng tính được số mol của Al và Al₂O₃ lần lượt là 0,17 mol và 0,03 mol

Sơ đồ phản ứng:

\(7,65(g)hh\,X\left\{ \begin{array}{l}Al:0,17\\A{l_2}{O_3}:0,03\end{array} \right\} + \left\{ \begin{array}{l}{H_2}S{O_4}\\NaN{O_3}\end{array} \right\} \to {\rm{dd}}\,Z\left\{ \begin{array}{l}A{l^{3 + }}:0,23\\N{a^ + }\\N{H_4}^ + \\S{O_4}^{2 - }\end{array} \right\} + Khi\,T(0,015mol\,{H_2}) + {H_2}O\)

*Khi cho BaCl₂ dư vào Z: n_SO42-= n_BaSO4 = 93,2 : 233 = 0,4 mol

*Cho Z tác dụng với tối đa NaOH: n_NaOH = 4n_Al3+ + n_NH4+ ⟹ 0,935 = 4.0,23 + n_NH4+

⟹ n_NH4+ = 0,015 mol

BTĐT cho dung dịch Z: n_Na+ = 2n_SO42- - 3n_Al3+ - n_NH4+ = 2.0,4 - 3.0,23 - 0,015 = 0,095 mol

⟹ n_NaNO3 = 0,095 mol

Như vậy ta có:

\(7,65(g)hh\,X\left\{ \begin{array}{l}Al:0,17\\A{l_2}{O_3}:0,03\end{array} \right\} + \left\{ \begin{array}{l}{H_2}S{O_4}:0,4\\NaN{O_3}:0,095\end{array} \right\} \to {\rm{dd}}\,Z\left\{ \begin{array}{l}A{l^{3 + }}:0,23\\N{a^ + }:0,095\\N{H_4}^ + :0,015\\S{O_4}^{2 - }:0,4\end{array} \right\} + Khi\,T(0,015mol\,{H_2}) + {H_2}O\)

BTNT “H”: n_H2O = (2n_H2SO4 - 4n_NH4+ - 2n_H2) : 2 = (2.0,4 - 4.0,015 - 2.0,015) : 2 = 0,355 mol

BTKL: m_T = m_X + m_H2SO4 + m_NaNO3 - m_Z - m_H2O

= 7,65 + 0,4.98 + 0,095.85 - (0,23.27+0,095.23+0,015.18+0,4.96) - 0,355.18

= 1,47 gam ≈ 1,5 gam.

Lời giải sai Bình thường Khá hay Rất Hay
- Mẹo : Viết lời giải với bộ công thức đầy đủ tại đây

Xem bình luận

>> Luyện thi TN THPT & ĐH năm 2024 trên trang trực tuyến Tuyensinh247.com. Học mọi lúc, mọi nơi với Thầy Cô giáo giỏi, đầy đủ các khoá: Nền tảng lớp 12; Luyện thi chuyên sâu; Luyện đề đủ dạng; Tổng ôn chọn lọc.