Nhỏ từ từ đến dư dung dịch X gồm Ba(OH)2 1M và NaOH 2M vào dung dịch Y gồm a mol H2SO4 và b mol

Câu hỏi số 450924:

Vận dụng cao

Nhỏ từ từ đến dư dung dịch X gồm Ba(OH)₂ 1M và NaOH 2M vào dung dịch Y gồm a mol H₂SO₄ và b mol Al₂(SO₄)₃. Sự phụ thuộc của tổng số mol kết tủa thu được vào thể tích dung dịch X nhỏ vào được biểu diễn theo đồ thị ở hình bên.

Tỉ lệ a : b là

A. 1 : 1.

B. 3 : 5.

C. 1 : 2.

D. 2 : 1.

Đáp án đúng là: D

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:450924

Phương pháp giải

Các phản ứng ion xảy ra:

H⁺ + OH^- → H₂O (1) Ba²⁺ + SO₄^2- → BaSO₄ ↓ (4)

Al³⁺ + 3OH^- → Al(OH)₃ ↓ (2)

Al(OH)₃ + OH^- → AlO₂^- + 2H₂O (3)

Lưu ý: Các phản ứng (1) (2) (3) xảy ra lần lượt, còn phản ứng (4) xảy ra độc lập.

Phân tích đồ thị:

+ Tại điểm gấp khúc đầu tiên thì H⁺ bị trung hòa hết.

+ Tại điểm gấp khúc thứ hai thì Al(OH)₃ đạt cực đại.

+ Tại điểm gấp khúc thứ ba thì Al(OH)₃ bị tan hết.

+ Tại điểm gấp khúc thứ tư thì BaSO₄ cực đại.

Giải chi tiết

Các phản ứng ion xảy ra:

H⁺ + OH^- → H₂O (1) Ba²⁺ + SO₄^2- → BaSO₄ ↓ (4)

Al³⁺ + 3OH^- → Al(OH)₃ ↓ (2)

Al(OH)₃ + OH^- → AlO₂^- + 2H₂O (3)

Lưu ý: Các phản ứng (1) (2) (3) xảy ra lần lượt, còn phản ứng (4) xảy ra độc lập.

Phân tích đồ thị:

+ Tại điểm gấp khúc đầu tiên thì H⁺ bị trung hòa hết.

+ Tại điểm gấp khúc thứ hai thì Al(OH)₃ đạt cực đại.

+ Tại điểm gấp khúc thứ ba thì Al(OH)₃ bị tan hết.

⟹ n_OH^- = n_H⁺ + 4n_Al³⁺ ⟹ 0,03.1.2 + 0,03.2 = 2a + 4.2b (1)

+ Tại điểm gấp khúc thứ tư thì BaSO₄ cực đại.

⟹ n_Ba²⁺ = n_SO4^2- ⟹ 0,05.1 = a + 3b (2)

Giải (1) và (2) được a = 0,02 và b = 0,01.

⟹ a : b = 2 : 1.

Đáp án cần chọn là: D

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.