Hỗn hợp E gồm hai hiđrocacbon mạch hở X, Y với Mx < My < 80. Cho 0,08 mol E, có khối lượng 3,7

Câu hỏi số 643773:

Vận dụng

Hỗn hợp E gồm hai hiđrocacbon mạch hở X, Y với Mx < My < 80. Cho 0,08 mol E, có khối lượng 3,7 gam, vào lượng dư dung dịch AgNO₃ trong NH₃ thu được 17,61 gam hỗn hợp kết tủa. Biết các phản ứng đều xảy ra hoàn toàn. Phần trăm khối lượng của X trong E là

A. 67,56%.

B. 45,95%.

C. 54,05%.

D. 32,43%.

Đáp án đúng là: D

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:643773

Phương pháp giải

Bảo toàn khối lượng.

Giải chi tiết

Cứ 1 H sẽ thay thế cho 1Ag ⟶ Khối lượng tăng lên

∆M = 108 – 1 = 107

∆m = 17,61 – 3,7 = 13,91

⟹ Số mol Ag có trong kết tủa:

n_Ag = ∆m/∆M = 0,13

Ta thấy 0,08 < 0,13 < 0,16

⟹ Có X và Y có chứa “thế 1 nguyên tử Ag” và “thế 2 nguyên tử Ag”

Đặt: a, b (mol) lần lượt là số mol chất “thế 1 nguyên tử Ag” và “thế 2 nguyên tử Ag” trong E nên ta có hệ:

$\left\{ \begin{array}{l}a + b = 0,08\\a + 2b = 0,13\end{array} \right. = > \left\{ \begin{array}{l}a = 0,03\\b = 0,05\end{array} \right.\,\,\,\,va\,\,\overline {{M_E}} = \dfrac{{{m_E}}}{{{n_E}}} = 46,25$

TH1: X là C₂H₂ (26) thế 2 nguyên tử Ag ⟹ n_C2H2 = 0,05 mol;

Y thế 1 nguyên tử Ag có số mol là 0,03 mol.

BTKL: 26.0,05 + M_Y.0,03 = 3,7 ⟹ M_Y = 80 (không thỏa mãn)

TH2: X là C₃H₄ (CH≡C-CH₃) thế 1 nguyên tử Ag ⟹ n_C3H4 = 0,03 mol.

Y thế 2 nguyên tử Ag có số mol là 0,05 mol.

BTKL: 40.0,03 + M_Y.0,05 = 3,7 ⟹ M_Y = 50 (thỏa mãn, do M_Y < 80)

Công thức phù hợp của Y là C₄H₂ ( CH≡C-C≡CH)

$\% X = \dfrac{{0,03.40}}{{3,7}}.100\% \approx 32,43\%$

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> Lộ Trình Sun 2025 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi TN THPT & ĐGNL; ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com. Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, 3 bước chi tiết: Nền tảng lớp 12; Luyện thi chuyên sâu; Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.