Nung nóng hỗn hợp X gồm a mol CH≡C-CH₃, 4,16 gam CH≡C-CH=CH₂ và 0,13 mol H₂ với xúc tác Ni, sau phản ứng thu được hỗn hợp khí Y có tỉ khối so với N₂ là 1,67. Bằng phương pháp thích hợp tách hỗn hợp Y thành hỗn hợp Y₁ (gồm các chất có liên kết ba trong phân tử) và hỗn hợp Y₂ (gồm các chất còn lại). Đốt cháy hoàn toàn Y₁ thu được 0,31 mol CO₂. Hỗn hợp Y₂ có phản ứng tối đa với 0,11 mol Br₂ trong dung dịch. Trong hỗn hợp Y₁, số mol chất có phân tử khối nhỏ nhất bằng 5/9 số mol của Y₁. Biết số phân tử khí trong hỗn hợp Y₁ bằng số phân tử khí có trong hỗn hợp Y₂. Tính thành phần phần trăm theo thể tích của mỗi khí có trong hỗn hợp Y₁.

Câu 296321: Nung nóng hỗn hợp X gồm a mol CH≡C-CH₃, 4,16 gam CH≡C-CH=CH₂ và 0,13 mol H₂ với xúc tác Ni, sau phản ứng thu được hỗn hợp khí Y có tỉ khối so với N₂ là 1,67. Bằng phương pháp thích hợp tách hỗn hợp Y thành hỗn hợp Y₁ (gồm các chất có liên kết ba trong phân tử) và hỗn hợp Y₂ (gồm các chất còn lại). Đốt cháy hoàn toàn Y₁ thu được 0,31 mol CO₂. Hỗn hợp Y₂ có phản ứng tối đa với 0,11 mol Br₂ trong dung dịch. Trong hỗn hợp Y₁, số mol chất có phân tử khối nhỏ nhất bằng 5/9 số mol của Y₁. Biết số phân tử khí trong hỗn hợp Y₁ bằng số phân tử khí có trong hỗn hợp Y₂. Tính thành phần phần trăm theo thể tích của mỗi khí có trong hỗn hợp Y₁.

A. 55,56%; 22,22%; 22,22%

B. 40,56%; 12,22%; 47,22%

C. 35,56%; 32,22%; 32,22%

D. 38,56%; 32,22%; 29,22%

Câu hỏi : 296321

Phương pháp giải:

Bảo toàn nguyên tố C ta có: n_{C (X)}= n_CO2

Y₁ gồm x mol C₃H₄ dư, y mol C₄H₄ dư, z mol C₄H₆

Ta có: x/(x+y+z)= 5/9 ↔ 4x= 5(y+z)

Bảo toàn nguyên tố C ta có: 3x + 4y + 4z= 0,31 (1)

Bảo toàn khối lượng ta có: m_X= m_Y → n_Y = ? mol

→ n_{H2 pứ}= n_X- n_Y= ? mol

Bảo toàn liên kết pi ban đầu= n_{H2 pứ}+ n_{Br2 pứ}+ n_{pi (Y1)} → 2x + 3y + 2z= 0,2 (2)

Giải hệ (1), (2) có x; y; z

Đáp án : A
(0) bình luận (0) lời giải
Giải chi tiết:
X gồm C₃H₄: a mol; C₄H₄: 0,08 mol; H₂: 0,13 mol → hỗn hợp Y có M= 46,76

Y₁ đốt cháy tạo ra 0,31 mol CO₂

Y₂ tác dụng với 0,11 mol Br₂

Bảo toàn nguyên tố C ta có: n_{C (X)}= n_CO2 → 3a + 4.0,08= 2.0,31 → a= 0,1

Y₁ gồm x mol C₃H₄ dư, y mol C₄H₄ dư, z mol C₄H₆

Ta có: x/(x+y+z)= 5/9 ↔ 4x= 5(y+z)

Bảo toàn nguyên tố C ta có: 3x + 4y + 4z= 0,31

→ x= 0,05 và y + z= 0,04 (1)

Bảo toàn khối lượng ta có: m_X= m_Y → n_Y= \({{40.0,1 + 52.0,08 + 2.0,13} \over {46,76}}\) = 0,18 mol

Bảo toàn khối lượng m_X= m_Y → \({n_Y} = {{20a + 2,21} \over {46,76}}\) → n_{H2 pứ}= n_X- n_Y= 0,13 mol

Số mol liên kết pi ban đầu= 2.0,1+ 3.0,08= 0,44 mol

Bảo toàn liên kết pi ban đầu= n_{H2 pứ}+ n_{Br2 pứ}+ n_{pi (Y1)} → 2x + 3y + 2z= 0,2 (2)

Giải hệ (1), (2) có x= 0,05; y= 0,02; z= 0,2

→%V mỗi khí trong Y₁ bằng 55,56%; 22,22%; 22,22%

Lời giải sai Bình thường Khá hay Rất Hay
- Mẹo : Viết lời giải với bộ công thức đầy đủ tại đây

Xem bình luận

Tham Gia Group 2K9 Ôn Thi Vào Lớp 10 Miễn Phí

>> Học trực tuyến Lớp 10 cùng thầy cô giáo giỏi tại Tuyensinh247.com, Cam kết giúp học sinh học tốt, bứt phá điểm 9,10 chỉ sau 3 tháng, hoàn trả học phí nếu học không hiệu quả.