Hòa tan hỗn hợp gồm A gồm CuSO4 và NaCl vào nước thu được dung dịch X. Tiến hành điện phân X với điện cực trơ, màng ngăn xốp, dòng điện có cường độ không đổi. Tổng số mol khí thu được ở cả hai điện cực (n) phụ thuộc vào thời gian điện phân (t) được mồ tả như đồ thị bên:
Giả thiết hiệu suất điện phân là 100% bỏ qua sự bay hơi của nước. % khối lượng của CuSO4 trong A là:
Câu 686532: Hòa tan hỗn hợp gồm A gồm CuSO4 và NaCl vào nước thu được dung dịch X. Tiến hành điện phân X với điện cực trơ, màng ngăn xốp, dòng điện có cường độ không đổi. Tổng số mol khí thu được ở cả hai điện cực (n) phụ thuộc vào thời gian điện phân (t) được mồ tả như đồ thị bên:
Giả thiết hiệu suất điện phân là 100% bỏ qua sự bay hơi của nước. % khối lượng của CuSO4 trong A là:
A. 83,80%.
B. 83,08%.
C. 88,30%.
D. 80,83%.
Đoạn 1: \({{\rm{n}}_{{\rm{C}}{{\rm{l}}_2}}}\) = nkhí ⟹ ne trao đổi
Đoạn 2: Độ dốc nhỏ hơn ⟹ Thoát O2.
Đoạn 3: Thoát H2 và O2
-
Đáp án : D(0) bình luận (0) lời giải
Giải chi tiết:
Đoạn 1: \({{\rm{n}}_{{\rm{C}}{{\rm{l}}_2}}}\) = 0,03 mol.
Trong a giây mỗi điện cực đã trao đổi 0,03.2 = 0,06 mol electron.
Đoạn 2: Có độ dốc nhỏ hơn đoạn 1 nên tốc độ thoát khí chậm lại → Thoát O2 (x mol)
Đoạn 3: Thoát H2 và O2. Đặt \({{\rm{n}}_{{{\rm{O}}_2}}} = {\rm{y (mol)}} \to {{\rm{n}}_{{{\rm{H}}_2}}} = 2{{\rm{n}}_{{{\rm{O}}_2}}} = 2y{\rm{ (mol)}}\)
Ta có: nkhí tổng = x + 3y + 0,03 = 0,08 (mol)(1)
ne anot = 2.0,03 + 4(x + y) = 0,06.3,5 (2)
Từ (1) và (2) \( \Rightarrow \) x = 0,03125 (mol); y = 6,25.10-3 (mol)
Ở đoạn 2: 2nCu = \(2{{\rm{n}}_{{\rm{C}}{{\rm{l}}_2}}} + 4{{\rm{n}}_{{{\rm{O}}_2}}}\) \( \Rightarrow \) nCu = 0,0925 (mol)
\( \Rightarrow {\rm{ }}{{\rm{n}}_{{\rm{CuS}}{{\rm{O}}_4}}} = 0,0925{\rm{ (mol)}}\)
⟹ nNaCl = \(2{{\rm{n}}_{{\rm{C}}{{\rm{l}}_2}}}\) = 0,06 (mol)
% CuSO4 = 80,83%.
Lời giải sai Bình thường Khá hay Rất Hay
Hỗ trợ - Hướng dẫn
![](/themes/images/call.png)
-
024.7300.7989
-
1800.6947
(Thời gian hỗ trợ từ 7h đến 22h)
Email: lienhe@tuyensinh247.com