Một công ty xây dựng một hệ thống Giám sát môi trường tại khu công nghiệp. Hai cảm biến

Câu hỏi số 789560:

Vận dụng

Một công ty xây dựng một hệ thống Giám sát môi trường tại khu công nghiệp. Hai cảm biến không dây được đặt tại hai vị trí $A,B$ trong không gian 3 chiều để thu thập dữ liệu không khí. Để đảm bảo tín hiệu truyền giữa hai cảm biến ổn định, công ty thiết kế một bóng bảo vệ tín hiệu hình cầu di động nhưng luôn đi qua cả hai cảm biến $A$ và $B$. Bóng này cần tiếp xúc với mặt đất để đảm bảo tính ổn định. Giả sử trong không gian với hệ toạ độ $Oxyz$, toạ độ các điểm là $A\left( {3;5; - 2} \right),B\left( {- 1;3;2} \right)$ và mặt đất được mô tả bằng mặt phẳng: $(P):2x + y - 2z + 9 = 0$. Trong quá trình mô phỏng, điểm tiếp xúc giữa bóng bảo vệ và mặt đất (gọi là $C$) thay đổi. Kỹ sư cần xác định khoảng cách từ gốc tọa độ $O\left( {0,0,0} \right)$ đến điểm tiếp xúc $C$ để đánh giá mức độ ảnh hưởng từ vị trí đặt thiết bị. Gọi $m_{1}$ là giá trị lớn nhất, và $m_{2}$ là giá trị nhỏ nhất của độ dài $OC$. Tính giá trị $m_{1}~^{2} + m_{2}~^{2}$.

Trả lời:

Đáp án đúng là:

Quảng cáo

Xem lời giải

Câu hỏi:789560

Phương pháp giải

Gọi M là giao điểm của AB và (P). Chứng minh $MC^{2} = MA.MB$ cố định từ đó suy ra quỹ tích của C là đường tròn tâm M.

Giải chi tiết

$\left\{ \begin{array}{l} {\overset{\rightarrow}{AB} = \left( {- 4; - 2;4} \right) = - 2\left( {2;1; - 2} \right)} \\ {\overset{\rightarrow}{n_{P}} = \left( {2;1; - 2} \right)} \end{array}\Rightarrow\overset{\rightarrow}{AB},\overset{\rightarrow}{n_{P}} \right.$ cùng phương nên $\overset{\rightarrow}{AB}\bot(P),AB = 6$

$d\left( {A;(P)} \right) = \dfrac{\left| {2 \cdot 3 + 5 - 2 \cdot \left( {- 2} \right) + 9} \right|}{\sqrt{2^{2} + 1^{2} + {( - 2)}^{2}}} = 8$ và $d\left( {B;(P)} \right) = \dfrac{\left| {2 \cdot \left( {- 1} \right) + 3 - 2 \cdot 2 + 9} \right|}{\sqrt{2^{2} + 1^{2} + {( - 2)}^{2}}} = 2$

$\left. AB \cap (P) = M\Rightarrow M \right.$ cố định

Do $(P)$ tiếp xúc với mặt cầu $(S)$ tại $C$ nên $MC\bot IC$ tại $C$

$\left. \Rightarrow MA \cdot MB = MC^{2} \right.$, ta có: $\left\{ \begin{array}{l} {MA = d\left( {A;(P)} \right) = 8} \\ {MB = d\left( {B;(P)} \right) = 2} \end{array}\Leftrightarrow MC^{2} = 16\Leftrightarrow MC = 4 \right.$

$\left. \Rightarrow C \right.$ thuộc đường tròn tâm $M$ bán kính $r = MC = 4$

Ta có: $AB:\left\{ \begin{array}{l} {x = 3 + 2t} \\ {y = 5 + t} \\ {z = - 2 - 2t} \end{array},M = AB \cap (P)\Rightarrow M\left( {- \dfrac{7}{3};\dfrac{7}{3};\dfrac{10}{3}} \right) \right.$

Gọi $H$ là hình chiếu của $O$ lên mặt phẳng $\left. (P)\Rightarrow d\left( {O(P)} \right) = 3,OH:\left\{ \begin{array}{l} {x = 2t} \\ {y = t} \\ {z = - 2t} \end{array} \right. \right.$

$\left. H = OH \cap (P)\Leftrightarrow H\left( {- 2; - 1;2} \right),HM = \sqrt{13} < 4 \right.$ nên $H$ nằm trong đường tròn tâm $M$ bán kính $r = MC = 4$.

Suy ra $OC = \sqrt{OH^{2} + HC^{2}} = \sqrt{9 + HC^{2}}$

$\left. \Rightarrow OC \right.$ đạt min hoặc max $\left. \Leftrightarrow HC \right.$ đạt min hoặc max

$\left\{ \begin{array}{l} {HC_{\text{min}} = \left| {HM - r} \right| = 4 - \sqrt{13}} \\ {HC_{\text{max}} = HM + r = 4 + \sqrt{13}} \end{array}\Rightarrow\left\{ \begin{array}{l} {OC_{\text{min}} = \sqrt{9 + \left( {4 - {\sqrt{13}}^{2}} \right)} = m_{2}} \\ {OC_{\text{max}} = \sqrt{9 + {(4 + \sqrt{13})}^{2}} = m_{1}} \end{array} \right. \right.$

Vậy $m_{1}~^{2} + m_{2}~^{2} = 76$

Đáp án cần điền là: 76

Group 2K8 ôn Thi ĐGNL & ĐGTD Miễn Phí

Câu hỏi trước Câu tiếp theo

>> 2K8 Chú ý! Lộ Trình Sun 2026 - 3IN1 - 1 lộ trình ôn 3 kì thi (Luyện thi 26+ TN THPT, 90+ ĐGNL HN, 900+ ĐGNL HCM, 70+ ĐGTD - Click xem ngay) tại Tuyensinh247.com.Đầy đủ theo 3 đầu sách, Thầy Cô giáo giỏi, luyện thi theo 3 giai đoạn: Nền tảng lớp 12, Luyện thi chuyên sâu, Luyện đề đủ dạng đáp ứng mọi kì thi.